4.Przestrzenie liniowe.pdf
(
116 KB
)
Pobierz
116013754 UNPDF
Rozdzial 4
Przestrzenie liniowe
4.1 Przestrzenie i podprzestrzenie
4.1.1 Denicja i podstawowe wlasnosci
NiechXz dzialaniem dodawania `+' b edzie grup a przemienn a (abelow a).
Oznaczmy przez 0 element neutralny tej grupy, a przez (a) element prze-
ciwny do a2X. Zalozmy ponadto, ze wXzdeniowane jest dzialanie
`' mnozenia przez skalary, czyli elementy pewnego ciala K, ktore spelnia
nast epuj ace warunki:
(i)8a2X82K a = a2X
(ii)8a2X 1a = a (gdzie 1 jest jedynk a w K)
(iii)8a;b2X8;2K
( + )a = a + a
(a + b) = a + b
()a = (a).
Denicja 4.1 ZbiorXz dzialaniami o wyzej wymienionych wlasnosciach
nazywamy przestrzeni a liniow a nad cialem K i oznaczamyX
jK
(albo po prostu
X).
1
Zauwazmy, ze symbolu `' uzywamy zarowno do oznaczenia mnozenia skalaru przez
element z grupy jak i mnozenia skalaru przez skalar. Podobnie `+' oznacza zarowno
dodawanie w ciele K jak i w grupieX. Nie prowadzi to jednak do niejednoznacznosci, bo
z kontekstu zawsze wiadomo o jakie dzialanie chodzi.
29
1
30
ROZDZIAL 4. PRZESTRZENIE LINIOWE
Podamy kilka elementarnych wlasnosci przestrzeni liniowych:
8a2X 0a = 0
8a2X (1)a =a
82K8a2X [ a = 0()( = 0) lub (a = 0) ]
Pierwsza wlasnosc wynika z rownosci 0a = (0 + 0)a = 0a + 0a, a
druga z rownosci 0 = 0a = (1 + (1))a = a + (1)a. Implikacja w
praw a stron e w ostatniej wlasnosci jest oczywista. Aby pokazac implikacj e
w lew a stron e zalozmy, ze 0 = 0 i 6= 0. Wtedy
a = 1a = (
1
)a =
1
(a) =
1
0 = 0:
jK
. We wszyst-
kich tych przykladach mnozenie wektora przez skalar zdeniowane jest w
naturalny sposob \wyraz po wyrazie". Przestrzen liniow a nad R (albo nad
C) tworz a tez wielomiany stopnia co najwyzej (n1) o wspolczynnikach
rzeczywistych (albo zespolonych). Ozanczamy j a przezP
n
jR
(alboP
n
jC
).
4.1.2 Podprzestrzenie liniowe
Denicja 4.2 NiechX
jK
b edzie przestrzeni a liniow a. Niepusty podzbiorY
Xnazywamy podprzestrzeni a (liniow a) przestrzeniX
jK
, gdyYjest prze-
strzeni a liniow a nad K (z dzialaniami jak wX). Piszemy przy tym
Y
jK
X
jK
:
Twierdzenie 4.1 Na to, abyY
jK
X
jK
potrzeba i wytarcza, ze:
(i)8a;b2Y a + b2Y
(ii)82K 8a2Y a2Y.
Dowod. Warunki bycia przestrzeni a s a w sposob oczywisty spelnione, bo
s a one spelnione wX.
Szczegolnymi przykladami podprzestrzeni s aY=X(podprzestrzen nie-
wlasciwa) orazY=f0g(podprzestrzen zerowa).
Elementy przestrzeni liniowejX
jK
nazywamy zwykle wektorami, odwolu-
j ac si e do odpowiedniej interpretacji geometrycznej.
Przykladami przestrzeni liniowych s a R
n
jR
, C
n
jR
, C
n
jC
, K
m;n
4.2. BAZA I WYMIAR PRZESTRZENI
31
Twierdzenie 4.2 Cz esc wspolna dowolnej rodziny podprzestrzeni przestrze-
ni liniowejX
jK
Dowod. NiechfY
j
g
j2J
, gdzie J jest (byc moze nieskonczonym) zbiorem
indeksow, b edzie dowoln a rodzin a podprzestrzeni. Oznaczmy
Y=
\
Y
j
:
j2J
Wobec twierdzenia 4.1 wystarczy pokazac, ze dzialania dodawania i mnozenia
przez skalar nie wyprowadzaj a poza zbiorY. Rzeczywiscie, warunek a;b2Y
oznacza, ze a;b2Y
j
dla wszystkich j2J, a st ad rowniez a + b2Y
j
. W
konsekwencji a+b2\
j2J
Y
j
=Y. Podobne uzasadnienie dla mnozenia przez
skalar omijamy.
Waznymi przykladami podprzestrzni liniowych przestrzeni macierzy K
m;n
4.2 Baza i wymiar przestrzeni
4.2.1 Liniowa (nie)zaleznosc
Niechfb
j
g
j=1
Xoraz if
j
g
j=1
K. Element
X
n
b =
j
b
j
j=1
nazywamy kombinacj a liniow a elementowfb
j
g, przy czym liczbyf
j
gs a
wspolczynnikami tej kombinacji.
Zauwazmy, ze
n
X
n
o
B = span(b
1
;b
2
;:::;b
n
) :=
j
b
j
:f
j
g
j=1
K
;
j=1
czyli zbior wszystkich kombinacji liniowych danych elementowfb
j
g, jest pod-
przestrzeni a przestrzeniX
jK
. Mowimy, ze B jest rozpi eta na elementach
b
1
;:::;b
n
.
jest tez podprzestrzeni aX
jK
.
jK
s a TRIL
m;n
, TRIU
m;n
oraz DIAG
m;n
. Podprzestrzeniami liniowymi wP
n
jK
s a
P
k
jK
z kn, albo wielomiany w ktorych zmienna wyst epuje tylko w pot egach
parzystych. (Przyjmujemy przy tym, ze1, czyli stopien wielomianu zero-
wego, jest liczb a parzyst a.)
32
ROZDZIAL 4. PRZESTRZENIE LINIOWE
Denicja 4.3 Ukladfb
j
g
j=1
Xjest liniowo zalezny jesli istnieje uklad
skalarowf
j
g
j=1
K zawieraj acy liczby niezerowe, dla ktorego
X
j
b
j
= 0:
j=1
Xjest liniowo niezalezny jesli nie jest li-
niowo zalezny, tzn. gdy dla dowolnych skalarowf
j
g
j=1
z rownosci
X
j
b
j
= 0
j=1
wynika, ze
j
= 0, 1jn.
Latwo zauwazyc, ze dowolny (niepusty) poduklad ukladu liniowo nie-
zaleznego jest ukladem liniowo niezaleznym. Z drugiej strony, jesli uklad ma
poduklad liniowo zalezny to uklad wyjsciowy jest liniowo zalezny.
Rozpatrzmy dowolny ukladfb
j
g
j=1
. Jesli jest on liniowo zalezny to ist-
niej af
j
g
j=1
takie, ze dla pewnego s mamy
s
6= 0 oraz
P
j=1
j
b
j
= 0.
Wtedy
X
n
j
s
b
s
=
b
j
;
s6=j=1
czyli b
s
2span (b
1
;:::;b
s1
;b
s+1
;:::;b
n
), a st ad
span(b
1
;:::;b
s
;:::;b
n
) = span(b
1
;:::;b
s1
;b
s+1
;:::;b
n
):
Mozna tak post epowac dalej otrzymuj ac w koncu uklad liniowo niezalezny
rozpinaj acy t a sam a przestrzen cofb
j
g
j=1
. (Poniewaz uklad wyjsciowy jest
skonczony, proces \wyjmowania" kolejnych wektorow musi si e skonczyc po
co najwyzej n krokach.)
Prawdziwe jest wi ec twierdzenie, ze z kazdego ukladu (b
1
;:::;b
n
) mozna
wyj ac poduklad (b
j(1)
;:::;b
j(k)
), 1j(1) << j(k)n (0kn) taki,
ze jest on liniowo niezalezny oraz
span(b
1
;:::;b
n
) = span(b
j(1)
;:::;b
j(k)
):
n
Denicja 4.4 Ukladfb
j
g
j=1
n
4.2. BAZA I WYMIAR PRZESTRZENI
33
4.2.2 Baza i wymiar, twierdzenie Steinitza
Denicja 4.5 Ukladfb
j
g
j=1
nazywamy baz a przestrzeniY
jK
X
jK
gdy:
(i) jest on liniowo niezalezny,
(ii)Y= span(b
1
;b
2
;:::;b
n
).
Mamy nast epuj ace wazne twierdzenie.
Twierdzenie 4.3 W danej przestrzeniY
jK
wszystkie bazy s a rownoliczne.
Twierdzenie to, ktore zaraz udowodnimy w przypadku przestrzeni dla
ktorych istniej a bazy skonczone, prowadzi do nast epuj acej waznej denicji.
Denicja 4.6 Liczb e elementow bazy danej przestrzeniY
jK
nazywamy jej
wymiarem i oznaczamy dim(Y
jK
).
Dowod twierdzenia o rownolicznosci baz opiera si e na nast epuj acym bar-
dzo pozytecznym twierdzeniu.
Twierdzenie 4.4 (Steinitza o wymianie) Niech
span(b
1
;:::;b
n
)span(c
1
;:::;c
m
) =X;
przy czym ukladfb
j
g
j=1
jest liniowo niezalezny. Wtedy n elementow ukladu
fc
j
g
j=1
mozna wymienic nafb
j
g
j=1
otrzymuj ac uklad rozpinaj acyX.
Uwaga. W twierdzeniu Steinitza ukryta jest rowniez teza, ze nm, bo
tylko wtedy wymiana elementow jest mozliwa.
Dowod. (Indukcja wzgl edem n.)
Dla n = 0 teza jest oczywista. Zalozmy, ze teza zachodzi dla n1. Wtedy
n1m oraz
X= span(b
1
;:::;b
n1
;c
n
;c
n+1
;:::;c
m
):
(Zakladamy bez zmniejszenia ogolnosci, ze wymienilismy n1 pocz atkowych
elementow ukladufc
j
g
j=1
.) Poniewaz b
n
2Xto mozna go przedstawic w
postaci kombinacji liniowej
X
X
b
n
=
j
b
j
+
j
c
j
:
j=1
j=n
n1
m
Plik z chomika:
wp-pl
Inne pliki z tego folderu:
1.Grupy i ciała, liczby zespolone.pdf
(97 KB)
10.Formy dwuliniowe i kwadratowe.pdf
(79 KB)
11.Przestrzenie euklidesowe.pdf
(82 KB)
2.Macierze liczbowe.pdf
(90 KB)
3.Normy wektorów i macierzy.pdf
(87 KB)
Inne foldery tego chomika:
Angielski dla początkujących
Angielski w 20 minut przez 60 dni
AutoCAD 2010 PL
Botanika
Botanika M
Zgłoś jeśli
naruszono regulamin